För att bevisa kvotregeln börjar man med att så att det inte längre är en kvot.
g(x)f(x)=f(x)⋅g(x)1=f(x)(g(x))-1
Om man nu ser
(g(x))-1 som en ny funktion som multipliceras med
f(x) kan man använda för att börja derivera.
g(x)f(x)=f(x)(g(x))-1
D(g(x)f(x))=D(f(x)(g(x))-1)
D(g(x)f(x))=D(f(x))⋅(g(x))-1+f(x)⋅D((g(x))-1)
Nu kan man använda på den sista derivatan, där man ser
u-1 som den och
u=g(x) som den .
D(g(x)f(x))=D(f(x))⋅(g(x))-1+f(x)⋅D((g(x))-1)
D(g(x)f(x))=D(f(x))⋅(g(x))-1+f(x)⋅(-1⋅(g(x))-2)⋅D(g(x))
D(g(x)f(x))=D(f(x))⋅(g(x))-1−f(x)⋅(g(x))-2⋅D(g(x))
D(g(x)f(x))=f′(x)⋅(g(x))-1−f(x)⋅(g(x))-2⋅g′(x)
För att få derivatan på en mer lättläst form och sätter dem på gemensam nämnare.
D(g(x)f(x))=f′(x)⋅(g(x))-1−f(x)⋅(g(x))-2⋅g′(x)
D(g(x)f(x))=f′(x)⋅g(x)1−f(x)⋅(g(x))21⋅g′(x)
D(g(x)f(x))=g(x)f′(x)−(g(x))2f(x)⋅g′(x)
D(g(x)f(x))=(g(x))2f′(x)⋅g(x)−(g(x))2f(x)⋅g′(x)
D(g(x)f(x))=(g(x))2f′(x)⋅g(x)−f(x)⋅g′(x)
Nu står kvotregeln på den form man brukar presentera den:
D(g(x)f(x))=(g(x))2f′(x)⋅g(x)−f(x)⋅g′(x).